8. Fermentacji alkoholowej poddano 900 g glukozy, otrzymując 46 g czystego alkoholu etylowego. Ile wyniosła wydajność całego procesu?

Rozwiązanie

    Cząsteczka glukozy ma masę cząsteczkową równą 180 (C₆H₁₂O₆). Zatem z 900 gramów glukozy (5 moli) można otrzymać teoretycznie 10 moli alkoholu etylowego: 

C₆H₁₂O₆ ———>  2C₂H₅OH + 2 CO₂  

Przy 100% wydajności powinniśmy w omawianym procesie otrzymać 460 g alkoholu etylowego (10 moli·46 g). Otrzymano 55,2 g, czyli wydajność procesu wyniosła 55,2/460 = 12%.

[powrót ]